动态依赖下拉菜单与AJAX php mysql
问题描述:
我正在试图使动态下拉框搜索工具,以帮助缩小从MySQL服务器显示数据。我是一个体面的PHP程序员,但需要javascript和ajax帮助。动态依赖下拉菜单与AJAX php mysql
该网站目前共有3个页面:index_test.php,dropdown.php和dropdown2.php。
在index_test.php上有4个下拉菜单,需要填充信息。第一种是在页面加载时使用php填充来自mysql表格的状态名称。第二个盒子使用.change()来填充,它引用了php代码,并且从mysql表格中显示选定状态的学校。 第三个盒子应该从第二个盒子中取出选定的值,并将所选学校的类别名称显示给用户,该步骤就是代码打破的地方。当通过提交表单进行测试时,php工作正常,但我希望能够在不刷新页面的情况下填写最后2个框。 的MySQL表的格式是: 表学校(学校ID,学校,州) 表类:(类标识码,学校ID,class_abrv,class_number)
谢谢您的帮助
为index_test代码.PHP:
<?php include_once("connect.php"); ?>
<html>
<head>
<title>ajax</title>
<script src="jquery.js"></script>
<script type="text/javascript">
$(document).ready(function(){
$("#state").change(function(){
var state = $("#state").val();
$.ajax({
type:"post",
url:"dropdown.php",
data:"state="+state,
success: function(data) {
$("#school").html(data);
}
});
});
$("#school").change(function(){
var state = $("#school").val();
$.ajax({
type:"post",
url:"dropdown2.php",
data:"school="+school,
success: function(data) {
$("#classname").html(data);
}
});
});
});
</script>
</head>
<body>
<h1>Get Notes:</h1>
<br/>
<form action="dropdown2.php" method="post">
State: <select id="state" name="state">
<option>--Select State--</option>
<?php
$sql = "SELECT states FROM states";
$result = mysql_query($sql);
while ($output = mysql_fetch_array($result)) {
$state_name = $output['states'];
echo "<option value=\"$state_name\">$state_name</option>";
}
?>
</select>
<br/>
School: <select id="school" name="school">
<option>--Select School--</option>
</select>
<br/>
Class Name: <select id="classname" name="classname">
<option>--Select Class Name--</option>
</select>
<br/>
Class Number: <select id="classnumber" name="classnumber">
<option>Select Class Name</option>
</select>
<br/>
<input type="submit" value="Search" />
</form>
</body>
</html>
Dropdown.php:
<?php
include_once("connect.php");
$state=$_POST["state"];
$result = mysql_query("select schools FROM schools where states='$state' ");
while($school = mysql_fetch_array($result)){
echo"<option value=".$school['schools'].">".$school['schools']."</option>";
}
?>
Dropdown2.php
<?php
include_once("connect.php");
$school=$_POST['school'];
$result = mysql_query("SELECT school_id FROM schools WHERE schools='$school' ");
$school_id = mysql_fetch_array($result);
$id = $school_id['school_id'];
$classname = mysql_query("SELECT DISTINCT class_abrv FROM classes WHERE school_id='$id' ORDER BY class_abrv asc");
while($class = mysql_fetch_array($classname)){
echo"<option value=".$class['class_abrv'].">".$class['class_abrv']."</option>";
}
?>
答
在第二AJAX功能已分配学校下拉框中的值声明变量,但你传递变量学校阿贾克斯后。所以没有学校变量,这就是为什么你会得到错误。
$("#school").change(function(){
var *state* = $("#school").val();
//above variable should be school.
$.ajax({
type:"post",
url:"dropdown2.php",
data:"school="+*school*,
success: function(data) {
$("#classname").html(data);
}
});
});
对于SQL注入攻击**和**,如果你还没有被攻击,你将被黑客攻击**。使用准备/参数化查询完全避免此问题。 – Brad
@Brad你绝对是对的,谢谢你加入这个。当我试图弄清楚ajax是如何工作的时候,这又回来了。看看你的旧代码有时候很粗糙....:/。我从那时起就是一个dba,所以现在让我非常畏缩,就像你可能做的那样。谢谢! – brian