表单提交后页面不跳转，将后台返回的数据传到本页面

有时我们需要在本页面提交表单，比如往数据库添加数据，但是并不希望他跳转页面，而是留在本页面，那我们应该怎么做呢

如果用平常的方法实现起来挺复杂，有一种方法是调用后台的接口添加数据成功后，接口返回当前页面，但是那样太不符合标准了，不利于前后端分离和接口复用

所以，我们可以使用jQuery的 ajaxSubmit 来进行表单的提交.

先自己下载jquery-form.js,给你们链接https://pan.baidu.com/s/1-IfvBikx4DXQLTJYkoTzDA

首先来看一下我后台的接口

@PostMapping(value = "/order/add")
@ResponseBody
public String  addOrder(@RequestParam("username") String name, @RequestParam("inttime")String inttime, @RequestParam("outtime")String outtime,@RequestParam("roomtype") String roomtype
,@RequestParam("monney") int monney,@RequestParam("roomNum") String roomNum){
    此处省略
    if(成功)
      return "1";
    else
      return "0";
}

这是一个增加订单的接口

前台通过表单提交

<button type="button" class="btn btn-primary" onclick="addOrder()">
    确认添加
</button>

下面是addOrder方法

function addOrder() {
        $('#orderAddForm').ajaxSubmit( {
            url : "/order/add",
            success: function(data) {
                if(data=="1"){
                    alert("添加成功")
                }
                else{
                    alert("添加失败")
                }
            },
        });
        $('#myModal').modal("hide")
        return false;
}

通过这种方法就可以实现提交表单后不跳转页面

留在本页面，并获取返回的值