PHP忽略通过引用传递，如果VAR在函数调用分配

Question

我有两个功能

function c(&$x) 
{ 
    $x = 25; 
    echo 'c is called, x = ' . $x . PHP_EOL; 
} 

function b() 
{ 
    echo 'b is called'. PHP_EOL; 
    return 5; 
} 

然后我写了下面的代码，因为我想到应该把）B的结果（以$ O，再通过$ o通过引用c（）将其设置为新值。它的工作原理确定：

$o=b(); 
c($o); 
echo 'o is '.$o; 

的输出为预期：

b is called 
c is called, x = 25 
o is 25 

但是，如果我尝试在函数调用这样分配的$ O值：

c($o = b()); 
echo 'o is '.$o; 

我变得怪异输出

b is called 
c is called, x = 25 
o is 5 

函数的顺序ca lls仍然是一样的，但是为什么$ o没有改变，尽管它是通过引用传递的？如果在函数调用中赋值，PHP是否强制性地通过值传递参数？如果是的话，那么这个版本是以这种方式工作的？根据这个评论：2006年的http://www.php.net/manual/en/functions.arguments.php#71198它的工作方式不同。我的版本是5.3.6

Answer 1

这是Zend引擎的一个限制，即我所遇到前使用socket_select()/stream_select()，这都需要参数“资源阵”通过引用传递时尤为如此。能够在一行中分配要通过引用传递的变量的值是很好的，但它不是（当前）可以实现的。

我已经看到了（虽然现在我找不到在哪里，（这是here），它可能没有权威性反正 ），在PHP的任何表达式求的右侧前面提到的表达方式。我的意思是：

$a = 1; 
$b = 2; 
echo $a = $b; 

这将呼应2，因为这是通过echo语句中的表达式计算表达式$b，这是2的右侧。

当通过表达一个函数的结果，如c($o = b());，你是路过的$o = b();的功能c()的结果，这是我的理解（虽然我可能是错的），该表达式的结果传递进入函数并执行该函数，之前 a zval被创建并分配为保存$o，这种行为旨在减少内存消耗并加速内部处理，当函数以这种方式嵌套时。这意味着你实际上没有通过引用传递变量，你只需传入由表达式右边的b()产生的值 - 由于它没有变量容器，因此无法通过引用修改该值。

事实上，如果你打开E_STRICT消息，您会看到以下错误：

Strict Standards: Only variables should be passed by reference in ...

...所以这种行为实际上是在“设计”。