PHP函数没有被调用，我错过了一些明显的东西？

问题描述：

我有一些ajax调用一个php文件，它返回json。这一切工作正常。然后我提醒我返回的数据元素用于测试目的。在这样做的时候，我缩小了我的功能，并没有被调用。

<?php 

// database functions 
$response = array(); 
$count = 1; 

// connect to db 
function connect() { 
$response['alert'] = 'connect ran'; // does not get alerted 
} 

// loop through query string 
foreach ($_POST as $key => $value) { 

switch ($key) { 
    case 'connect': 
     $response['alert'] = 'case ran'; 
     if ($value == 'true') { 
     $response['alert'] = 'if ran'; // this is what gets alerted, should be overwriten by 'connect ran' 
      connect(); // function call does not work? 
     } else { 
      $response['alert'] = 'false'; 
      $mysqli->close(); 
     } 
     break; 

     case 'otherstuff': 
     break; 
} 
++$count; 
} 

$response['count'] = $count; 

echo json_encode($response); 

?>

任何想法？谢谢。

您可能需要考虑传递$ response来连接，然后返回它而不是实现global关键字。 – thescientist

答

您$response变量超出scope ..用你的函数内部global关键字来注册你的外在变量（一个或多个）

function connect() { 
    global $response;  
    $response['alert'] = 'connect ran'; 
}

或SDC的编辑：

function connect($response) { 
    $response['alert'] = 'connect ran'; 
} 

connect($response);

或更好，然后将它作为参数传递给函数;尽可能避免使用全局变量。 – SDC

答

其实你定义的结果变量但是在另一种类型中，并且在顶部还有另一个结果变量，所以您将数据放在$ result []中，但是您尝试使用$ result，因此您的代码可能不会给您预期的结果。

PHP函数没有被调用，我错过了一些明显的东西？

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